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【算法】基础算法001之双指针

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目录

前言

1.数组分块(数组划分)

移动零

复写零

2.快慢双指针(循环往复)

快乐数

3.对撞指针->暴力枚举的优化->利用单调性

盛最多水的容器

有效三角形的个数

4.对撞指针->两数之和、三数之和、四数之和

两数之和

三数之和

四数之和


前言

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《算法》专栏正式挂牌成立

  • 《算法》专栏主要是会系统的梳理一些OJ题的算法思想,将他们按照解题方法的不同划分出来,然后归纳总结,当然希望大家多多收藏,以后忘了可以常回来看看!                                    

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本篇文章主要会讲解双指针的思想,双指针是一种非常优秀的算法思想,有对撞指针和快慢指针两种基本用法。

双指针对于有序数据的处理是比较有优势的,当你遇到有序的数据时,你可以尝试着利用双指针或者二分来解题,当然本篇文章只会讲解双指针。

那么双指针思想具体的应用,以及为什么双指针适用于有序数组的处理呢?


欢迎大家📂收藏📂以便未来做题时可以快速找到思路,巧妙的方法可以事半功倍。

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GITEE相关代码:🌟fanfei_c的仓库🌟

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1.数组分块(数组划分)

数组分块顾名思义,该类题目有一个特性就是将数组中的数据进行分类,然后将分类的数据放在不同的区域上。


移动零

移动零 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/move-zeroes/description/

给定一个数组 nums,编写一个函数将所有 0 移动到数组的末尾,同时保持非零元素的相对顺序。

请注意 ,必须在不复制数组的情况下原地对数组进行操作。

 利用数组分块的思想,我们可以将该数组划分为三个区域:非零的已处理区域、零的已处理区域、待处理区域。

三个区域恰好可以利用两个指针进行分割得到。

所以我们定义两个指针:

  • cur:从左向右扫描数组(遍历数组的作用),主要用来分割已处理区域和待处理区域用;
  • dest:已处理的区域内,非零元素的最后一个位置,主要用来分隔已处理区域内部非零元素和零元素。

得到三个区间:

  • 非零的已处理区域:[0,dest]
  • 零的已处理区域:[dest+1,cur-1]
  • 待处理区域:[cur,n-1]

 有了思路,画图独立完成代码,不要直接看博主的代码。

class Solution {
public:void moveZeroes(vector<int>& nums) {for (int dest = -1, cur = 0; cur <= nums.size() - 1; cur++){//如果是零就跳过,不是零进入if (nums[cur]){swap(nums[++dest], nums[cur]);}}}
};

复写零

复写零 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/duplicate-zeros/description/

给你一个长度固定的整数数组 arr ,请你将该数组中出现的每个零都复写一遍,并将其余的元素向右平移。

注意:请不要在超过该数组长度的位置写入元素。请对输入的数组 就地 进行上述修改,不要从函数返回任何东西。

我们可以先尝试着进行异地复写,然后尝试着进行原地复写,看看会发生什么问题?

如果「从前向后」进行原地复写操作的话,由于0的出现会复写两次,导致没有复写的数「被覆
盖掉」。

因此我们选择「从后往前」的复写策略。

但是「从后向前」复写的时候,我们需要找到「最后一个复写的数」,因此我们的大体流程分两
步:

  1. 先找到最后一个复写的数;
  2. 然后从后向前进行复写操作。

 这两步仍然包含一些细节需要处理,比如会不会出现越界问题等?

  • cur:用来遍历数组用。
  • dest:根据cur指向的指进行移动一步或两步,如果dest的位置处于最后一位或者已经越界,跳出循环,如果是越界的情况,我们需要手动将其"拉回",然后进行从后向前的复写操作。

有了思路,画图独立完成代码,不要直接看博主的代码。

class Solution {
public:void duplicateZeros(vector<int>& arr) {int dest=-1,cur=0,n=arr.size();//1.先找到cur位置while(cur<n){if(arr[cur])dest++;elsedest+=2;if(dest>=n-1)//这里是为了及时检测是否跳出break;cur++; }//1.5判断dest位置if(dest==n){arr[dest-1]=0;dest-=2;cur--;}//2.然后向前复写while(cur>=0){if(arr[cur])arr[dest--]=arr[cur--]; else{arr[dest--]=0;arr[dest--]=0;cur--;}}}
};

2.快慢双指针(循环往复)

快慢双指针基本思想:使用两个移动速度不同的指针在数组或链表等序列结构上移动。

一般什么情况下适用快慢双指针的题目呢?

这种方法对于处理环形链表或数组非常有用,或者说循环往复的数据都比较适用快慢双指针算法来进行解决。

快乐数

快乐数 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/happy-number/description/

编写一个算法来判断一个数 n 是不是快乐数。

「快乐数」 定义为:

  • 对于一个正整数,每一次将该数替换为它每个位置上的数字的平方和。
  • 然后重复这个过程直到这个数变为 1,也可能是 无限循环 但始终变不到 1。
  • 如果这个过程 结果为 1,那么这个数就是快乐数。

如果 n 是 快乐数 就返回 true ;不是,则返回 false 。

 请注意题目意义,只会有两种情况:

  • 情况1:无限循环但始终变不到1
  • 情况2:有限次数内,结果为1

所以对于这种循环往复的数据我们就可以联想到快慢双指针来做:

为了方便理解,我抽象的将数据做成链:

所以必然会成环,slow与fast必然会相遇,我们需要做的就是在他们相遇的时刻,检测以下slow或者fast的值是否为1即可。

有了思路,画图独立完成代码,不要直接看博主的代码。

class Solution {
public:int bitSum(int n) {int sum = 0;while (n) {int t = n % 10;sum += t * t;n /= 10;}return sum;}bool isHappy(int n) {int slow = n;int fast = bitSum(n);while (slow != fast) {slow = bitSum(slow);fast = bitSum(bitSum(fast));}return slow == 1;}
};

3.对撞指针->暴力枚举的优化->利用单调性

一般用于顺序结构中,也称左右指针。

对撞指针从两端向中间移动。⼀个指针从最左端开始,另⼀个从最右端开始,然后逐渐往中间逼
近。

对撞指针的终止条件一般是两个指针相遇或者错开(也可能在循环内部找到结果直接跳出循
环),也就是:

  • left == right(两个指针指向同⼀个位置)
  • left > right(两个指针错开)

 单调性解题的思路不好想到,但这是一种非常优秀的对暴力枚举方法的优化思想。

盛最多水的容器

盛最多水的容器 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/container-with-most-water/description/

给定一个长度为 n 的整数数组 height 。有 n 条垂线,第 i 条线的两个端点是 (i, 0) 和 (i, height[i]) 。

找出其中的两条线,使得它们与 x 轴共同构成的容器可以容纳最多的水。

返回容器可以储存的最大水量。

说明:你不能倾斜容器。

 如果说利用暴力枚举的方式来做,很明显你需要固定一边,两层for循环解决,时间复杂度O(N^2),但这道题目作为一道中等难度的题,利用暴力枚举必然会超时。

我们尝试利用对撞指针的方式来做:

w(宽)=right-left;

容积的计算公式:V=h*w

当计算完一组结果之后,我们需要将左指针或右指针向中间移动,这样如此反复就能得到最终答案,可是这样并没有降低时间复杂度,仍然是暴力枚举的思路。

我们观察:

当左指针或右指针向中间移动时w是必然减小的。

又根据木桶原理,h取决于左右指针指向的值小的那一个数据。

本题是依据数据分析,进而得到单调性的关系,需要大家自行画图分析,然后将思路转化成代码。

class Solution {
public:int maxArea(vector<int>& height) {int left=0;int right=height.size()-1;int v=0;int ret=0;while(left<right){int v=min(height[left],height[right])*(right-left);ret=max(v,ret);if(height[left]<height[right]) left++;else right--;}return ret;}
};

有效三角形的个数

有效三角形的个数 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/valid-triangle-number/description/

 给定一个包含非负整数的数组 nums ,返回其中可以组成三角形三条边的三元组个数。

构成三角形的条件:任意两边之和大于第三边

但这个条件转化成代码需要三次判断未免有些麻烦,所以我们可以将数组先进行排序,排序之后如果较小的两个值之和大于第三边,那么就可以构成三角形了。 

暴力枚举的方式很显然时间复杂度O(N^3)。

那我们尝试着对数据进行分析,看看能否利用单调性来优化。

首先排序,我们将最大的数固定,然后利用对撞指针的思想进行优化。

 有了思路,画图独立完成代码,不要直接看博主的代码。

class Solution {
public:int triangleNumber(vector<int>& nums) {sort(nums.begin(),nums.end());int n=nums.size();int maxIndex=n-1;int ret=0;while(maxIndex>=2){int left=0;int right=maxIndex-1;while(left<right){if(nums[left]+nums[right]>nums[maxIndex]){  ret+=right-left;right--;}else{left++;}}maxIndex--;}return ret;}
};

4.对撞指针->两数之和、三数之和、四数之和

两数之和

两数之和 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/he-wei-sde-liang-ge-shu-zi-lcof/description/

购物车内的商品价格按照升序记录于数组 price。请在购物车中找到两个商品的价格总和刚好是 target。若存在多种情况,返回任一结果即可。

 首先我们发现数组是升序排列的,所以我们想到可以利用双指针来解决,同样的我们利用单调性,看看能否对暴力枚举的策略作优化。

暴力枚举的时间复杂度很明显O(N^2)。

两数之和大于target时,利用单调性,令right--即可;

两数之和小于target时,利用单调性,令left++即可;

两数之和等于target时,我们将此时的结果尾插到结果数组中。

class Solution {
public:vector<int> twoSum(vector<int>& price, int target) {int left=0;int right=price.size()-1;vector<int> ret;while(left<right){int sum=price[left]+price[right];if(sum<target) left++;else if(sum>target) right--;else{ret.push_back(price[left]);ret.push_back(price[right]);break;}}return ret;}
};

三数之和

三数之和 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/3sum/description/

给你一个整数数组 nums ,判断是否存在三元组 [nums[i], nums[j], nums[k]] 满足 i != ji != k 且 j != k ,同时还满足 nums[i] + nums[j] + nums[k] == 0 。请

你返回所有和为 0 且不重复的三元组。

注意:答案中不可以包含重复的三元组。

 本题可以借助两数之和的思想进行解题,无非就是需要多加一层循环,将第三个数固定即可。

另外的两个数仍然为两数之和的思想,只不过此时两数之和等于负的第三个数。

难点:注意本题要求去重,并且要求返回所有满足的数据,所以我们需要处理一些细节问题。

首先,关于返回所有:

  • 当找到一种结果后,不能直接返回,要继续缩小区间继续寻找。

其次,关于去重:

  • 找到一种结果之后,left和right要跳过重复元素。
  • 当使用完一次双指针算法后,即更换第三个数时,也要跳过重复元素。
  • 注意防止越界。

  有了思路,画图独立完成代码,不要直接看博主的代码。

class Solution {
public:vector<vector<int>> threeSum(vector<int>& nums) {sort(nums.begin(), nums.end());vector<vector<int>> ret;int n = nums.size();for (int i = 0; i < n;){if (nums[i] > 0) break;//小优化int left = i + 1, right = n - 1, target = -nums[i];while (left < right){int sum = nums[left] + nums[right];if (sum < target) left++;else if (sum > target) right--;else{ret.push_back({ nums[left++],nums[right--],nums[i] });//去重 left 和 rightwhile (left < right && nums[left] == nums[left - 1]) left++;while (left < right && nums[right] == nums[right + 1]) right--;}}//去重 ii++;while (i < n && nums[i] == nums[i - 1]) i++;}return ret;}
};


四数之和

四数之和 - 力扣(LeetCode)icon-default.png?t=N7T8https://leetcode.cn/problems/4sum/description/

给你一个由 n 个整数组成的数组 nums ,和一个目标值 target 。请你找出并返回满足下述全部条件且不重复的四元组 [nums[a], nums[b], nums[c], nums[d]] (若两个四元组元素一一对应,则认为两个四元组重复):

  • 0 <= a, b, c, d < n
  • abc 和 d 互不相同
  • nums[a] + nums[b] + nums[c] + nums[d] == target

你可以按 任意顺序 返回答案 。

 四数之和是三数之和的升级,本质上没有任何区别,只不过多加了一个需要固定的数,多加了一层循环而已,如果你已经掌握了三数之和,那么这道题对你来说会非常简单。

 有了思路,画图独立完成代码,不要直接看博主的代码。

class Solution {
public:vector<vector<int>> fourSum(vector<int>& nums, int target) {sort(nums.begin(),nums.end());vector<vector<int>> ret;int n=nums.size();for(int i=0;i<n;){for(int j=i+1;j<n;){int left=j+1,right=n-1; long long num=(long long)target-nums[j]-nums[i];//需要注意的细节while(left<right){int sum=nums[left]+nums[right];if(sum>num) right--;else if(sum<num) left++;else{ret.push_back({nums[i],nums[j],nums[left++],nums[right--]});//去重 left 和 rightwhile(left<right && nums[left]==nums[left-1]) left++;while(left<right && nums[right]==nums[right+1]) right--;}}//去重 jj++;while(j<n && nums[j]==nums[j-1]) j++;}//去重ii++;while(i<n && nums[i]==nums[i-1]) i++;}return ret;}
};

以上就是双指针算法在实际题目中的应用,总的来说,双指针算法是比较基础并且简单的算法。

大家只需要记住:当所给数据为有序时,不妨考虑用双指针算法进行解决。


🐸简单总结🐸

双指针擅于处理有序数据,可以解决数组分块、循环往复数据可以利用快慢指针思想(得到某个值可以理解为在某个值处循环)、对撞指针结合单调性可以优化暴力枚举(注意细节:去重和不漏)。


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