河南萌新联赛2024第（一）场：河南农业大学 A D F G H I K

A 造数

题目描述：

给定一个整数 𝑛 ，你可以进行以下三种操作
操作1： +1
操作2； +2
操作3： ×2
问最少需要多少次操作可以将 0 转为为 𝑛 。

解题思路

操作1，2，3。操作 3 的使 n 变小的更快。

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define int long long
void solve()
{int n;cin>>n;int ans=0;while(n){if(n==1||n==2)//操作1，操作2 的 逆过程{ans++;break;}if(n%2==1) //操作 1 的逆过程{n--;ans++;}else // 操作 3 的逆过程{n/=2;ans++;}}cout<<ans;
}
signed main()
{int t;t=1;while(t--)solve();return 0;
}

D 小蓝的二进制询问

题目描述

小蓝有 𝑡 组询问，每次给定两个数字 l,r 你需要计算出区间 [𝑙,𝑟] 中所有整数在二进制下1的个数之和。由于结果特别大，你只需要计算出结果模998244353之后的值即可。

解题思路

求出区间 [ 0 , x ] 之间的数的二进制下数的第 k 位是 1 时的所有情况

1.第 k 位前的数 为 k ^ 2 的倍数（周期 tl 的倍数），这时第 k 位后全为 0
2. 第 k 位以及第 k 位后的数（为第 1 种情况的余数就是认定为 0 的数，实际不一定为 0 ）如果大于周期，则加上大出的部分，否则不加

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
const int mod=998244353;
int f(int x,int k)
{int y=1ll<<(k+1);// 2 的 k + 1 次幂，用于求出 x 的周期倍数int tl=y/2;// 周期（当第 k 位为 1 时，k 位之后为 0 1 的所有情况）x++;// 自增，用于后续判断 第 k 位 是否为 1 int res=(int)(x/y)*tl;// 计算出第一种情况int r=x%y; //求出第 k 位到 0 位的数r-=tl;if(r>0)res+=r;//计算第 2 种情况return res%mod;
}
void solve()
{int l,r;cin>>l>>r;int ans=0;for(int i=61;i>=0;i--){int t=(f(r,i)-f(l-1,i))%mod;// 第 i 位为 1 时，[0 ,r] 与 [0,l-1] 的情况差ans=(ans+t)%mod;}cout<<ans<<'\n';
}
signed main()
{int t;cin>>t;while(t--)solve();return 0;
}

F 两难抉择新编

题目描述

现在有长度为 $n$ 的数组 $a$，你可以在两种操作中选择一种进行最多一次操作。

• 操作1:

选择一个数 $i$ $(1\le i\le n)$ 使得 $a_i:=a_i+x$，$x$ 可以是 $[1,\lfloor n/i\rfloor ]$ 范围内任意正整数（ $\lfloor \rfloor$ 表示向下取整 ）。

• 操作2:

选择一个数 $i$ $(1\le i\le n)$ 使得 $a_i:=a_i\times x$，$x$ 可以是 $[1,\lfloor n/i\rfloor ]$ 范围内任意正整数。

请问进行操作后，最大的数组异或和是多少？

数组异或和：数组 $a$ 中 $a_1\oplus a_2\oplus a_3...\oplus a_n$的值，$\oplus$ 表示异或。

解题思路

直接模拟所有情况，理解异或（ ^ ）的自逆

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define int long long
#define PII pair<int,int>
#define fi first
#define se second
const int N=2e5+10;
int a[N];
void solve()
{int n;cin>>n;int sum=0;for(int i=0;i<n;i++){cin>>a[i];if(i==0){sum=a[i];continue;}sum=sum^a[i];}int ans=0;for(int i=0;i<n;i++){int t=sum^a[i];for(int j=1;j<=n/(i+1);j++){int x=t^(j+a[i]),y=t^(j*a[i]);ans=max(ans,max(x,y));}}cout<<ans;
}
signed main()
{int t;
//	cin>>t;t=1;while(t--)solve();return 0;
}

G 旅途的终点

题目描绘

在某大陆上面有 $n$ 个国家，作为旅行者兼冒险家的你想以一种既定的路线（即从1到 $n$ ）去畅游这 $n$ 个国家，但由于这 $n$ 个国家并不太平，因此每到一个国家你都需要消耗 $a_i$ 点的生命力来帮助这个国家重回往日的安宁然后再进行畅游。不过天生拥有神力的你却有 $k$ 次释放神力的机会来帮助这个国家恢复安宁，且释放神力时不消耗任何生命力。你在旅行前拥有 $m$ 点的生命力，若你在旅途中不幸用完全部的生命力，则便会回到你诞生的地方陷入沉睡。现在请问你最多可以畅游多少个国家。注意：若在当前国家消耗完生命力则意味着你并没有畅游该国家。

输入

输入包含 2 行。
第一行三个正整数 $n，m，k(1\le n\le 2\times 10^5,1\le m\le 10^{18},0\le k\le 2\times 10^5)$ ，分别代表国家的个数，你拥有的初始生命力，你可以释放神力的次数。
第二行包含 $n$ 个正整数，第 $i$ 个正整数 $a_i(1\le a_i\le 10^{18})$ 代表你不释放神力帮助第 $i$ 个国家需要消耗的生命力的大小。

输出

输出包含一行，共一个数，表示你能畅游的国家的个数。

解题思路

逆贪心，用优先队列 ，需要释放技能时，每次消化当前位置到首位的最大值。

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define int long long
#define PII pair<int,int>
#define fi first
#define se second
const int N=2e5+10;
void solve()
{priority_queue<int>q;int n,m,k;cin>>n>>m>>k;int ans=0;int i;for(i=0;i<n;i++){int x;cin>>x;m-=x;q.push(x);if(m<=0&&k){k--;m+=q.top();q.pop();}if(m<=0)break;}cout<<i;
}
signed main()
{int t;
//	cin>>t;t=1;while(t--)solve();return 0;
}

H 两难抉择

题目描述

现在有长度为 $n$ 的数组 $a$，你可以在两种操作中选择一种进行最多一次操作。

• 操作1:

选择一个数 $i$ $(1\le i\le n)$ 使得 $a_i:=a_i+x$，$x$ 可以是 $[1,n]$ 范围内任意正整数。

• 操作2:

选择一个数 $i$ $(1\le i\le n)$ 使得 $a_i:=a_i\times x$，$x$ 可以是 $[1,n]$ 范围内任意正整数。

请问进行操作后，最大的数组总和是多少？

输入

输入包含两行.
第一行一个正整数 $n$ $(1\le n\le 2\times 10^5)$ 表示数组 $a$ 的长度。
第二行 $n$ 个正整数 $a_i$ $(1\le a_i\le 10^9)$ 表示数组 $a$ 的元素。

输出

输出包含一行一个整数，表示最大的数组总和。

解题思路

变化最大的 $a_i$ ，使数组和最大

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define int long long
#define PII pair<int,int>
#define fi first
#define se second
const int N=2e5+10;
int a[N];
void solve()
{int n;cin>>n;int ma=-1,sum=0;for(int i=0;i<n;i++){cin>>a[i];sum+=a[i];ma=max(a[i],ma);}sum-=ma;if((sum+ma*n)>=(sum+ma+n))cout<<sum+ma*n;else    cout<<sum+ma+n;
}
signed main()
{int t;t=1;while(t--)solve();return 0;
}

I 除法移位

题目描述

现在有长度为 $n$ 的数组 $a$，式子 $S$ 定义为 $S=a_1÷a_2÷a_3...÷a_n$，最多对数组 $a$ 进行 $t$ 次循环右移操作**。
**

请问，进行第几次操作时使得 $S$ 最大？若存在多种答案，请输出最小值。

循环右移：一次操作使数组从 $a_1,a_2,a_3,...,a_n$ 形式转换为 $a_n,a_1,a_2,...,a_{n-1}$ 形式。

输入

输入包含两行.
第一行一个正整数 $n,t$ $(1\le n\le 2\times 10^5,0\le t\le 10^9)$ 表示数组 $a$ 的长度和最多的操作次数。
第二行 $n$ 个正整数 $a_i$ $(1\le a_i\le 10^9)$ 表示数组 $a$ 的元素。

输出

输出包含一行一个整数，表示使得 $S$ 最大的最小操作次数。

解题思路

尽可能将大数移到首位

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define int long long
#define PII pair<int,int>
#define fi first
#define se second
const int N=2e5+10;
int a[N];
map<int , int>mp;
vector<int> q;
map<int,int>v;
void solve()
{int n,t;cin>>n>>t;int ma=-1;for(int i=1;i<=n;i++){cin>>a[i];mp[a[i]]=i;v[a[i]]++;if(v[a[i]]==1){q.push_back(a[i]);}}sort(q.begin(),q.end());int ans=0;for(int i=q.size()-1;i>=0;i--){int x=q[i];int y=mp[x];if((n-y+1)<=t){ans=n-y+1;break;}}if(ans==n)ans=0;cout<<ans;
}
signed main()
{int t;
//	cin>>t;t=1;while(t--)solve();return 0;
}

K 图上计数(Easy)

题目描述

$Easy$ 版本和 $Hard$ 版本唯一的区别是 $Hard$ 版本删除的是桥，而 $Easy$ 版本删除的是任意边。
你有一张 $n$ 个点 $m$ 条边的无向图，你有无数次删除操作来删除任意条边以获得若干个联通块。定义联通块的大小为其所包含点个数。定义这个图的代价是：你有任意次操作，每次操作合并两个联通块，合并后联通块大小为二者之和，最后剩下两个联通块大小的乘积为此图的代价，若只有一个则代价为0。你需要最大化此图代价。

输入

第一行包含两个整数 $n$ 和 $m$ ,图中顶点的数量和边的数量。

接下来的每 $m$ 行包含两个整数 $u$ 和 $v$ ,表示图中顶点 $u$ 和 $v$ 之间有一条无向边。

$\left(0<n\le 10^6\right)$

$\left(0\le m\le 10^6\right)$

$\left(0<u,v\le n\right)$

输出

输出一个整数表示最大代价。

解题思路

删除所有边，可能任意组合

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define int long long
#define PII pair<int,int>
#define fi first
#define se second
void solve()
{int n;cin>>n;cout<<(n/2)*(n-n/2);
}
signed main()
{int t;
//	cin>>t;t=1;while(t--)solve();return 0;
}