9.11 codeforces Div 2

9.11 Div 2

Dashboard - Codeforces Round 969 (Div. 2) - Codeforces

A. Dora’s Set（删除三个互质数）

集合s是l,r之间的数字

• 从集合 s 中选择三个不同的整数 a 、 b 和 c ，使得 gcd(a,b)=gcd(b,c)=gcd(a,c)=1 。

• 然后，从集合 ss 中删除这三个整数。

思路

由题意知，需要尽可能多的组成三个互质的数字。必然不能存在两个偶数，所以每个组合至少两个奇数。

由于集合s是连续序列，直接取相邻的三个数（两奇一偶），因而计算奇数个数，除以2就是答案。

代码

void solve()
{   int l,r;cin>>l>>r;int n=r-l+1;int j=n/2;if(n%2!=0) j=j+l%2;cout<<j/2<<'\n';
}

B. Index and Maximum Value（范围加减1求max）

对于一个整数数组，数字在$[l,r]$范围内，进行+1或-1.每操作后，输出最大值。

审题不清，刚开始以为下标在某范围内，进行±，但平常也用不上算法，后来开始写ST,模板没记住，又废了好一会儿。

思路

看似复杂，实则只需考虑max,是否在范围内。

若不在范围内，顶多出现max-1变成了max ,最大值依旧为max

若在范围内，max++,便是答案

若不在范围内，max

在范围内，max—

代码

void solve()
{	int n,m,mx=0;char x;cin>>n>>m;fir(i,1,n){cin>>a[i];if(a[i]>mx)mx=a[i];}while(m--){int l,r;cin>>x>>l>>r;if(mx>=l&&mx<=r){ if(x=='+') mx++;else mx--;}	 cout<<mx<<' ';}cout<<'\n';
}

C. Dora and C++(加a/b，最小化极差)

一个数组可以选择对某个数字+a/b,进行无限次操作，得到最小极差

思路

​ 我的整体思路没错，计算一个C,数组对C取模，将结果围成一个圈，两种转圈方法，取最小的。

两个细节有问题

• c我简单的以为是min(a,b,|a-b|),实在太疏忽了。

  比如（15，9），可以变成（15，18），此时他们的差值为3而不是6。这样太武断了，且没有说服力很强的论证，看起来就不像答案。

• 对于第二中转圈方法，我将小于C/2的 数字+C,最后用max-min

  比如1 4 6 8 9，c=10

  此时为（14-6=8），这样并不是最优的，（11-4=7才是）。之前遇到过相似题，当时按这个思路写对了，复杂。

  问题应该这样解决：

• c=__gcd(a,b)

最终数组肯定是由多个a,b相加得到，可以表示为$c_i=fa+fb+c_i$

即

$c_i=kc+b$

• w[i-1]+c-w[i]

这样将每一个i,作为开端，前面的数字作为末尾。遍历得出最小

最终答案有理有据，而我的武断猜想也很重要

代码

void solve()
{int n,a,b,ans;cin>>n>>a>>b;int c=__gcd(a,b);fir(i,1,n){cin>>w[i];w[i]%=c;}sort(w,w+n+1);ans=w[n]-w[1];//1fir(i,1,n){ans=min(ans,w[i-1]+c-w[i]);//2}cout<<ans<<'\n';
}