计算机组成原理期末试题三（含答案）

本科生期末试卷 三

一．选择题（每小题1分，共10分）
1．冯·诺依曼机工作的基本方式的特点是______。
A 多指令流单数据流
B 按地址访问并顺序执行指令
C 堆栈操作
D 存贮器按内容选择地址
2．在机器数______中，零的表示形式是唯一的。
A 原码 B 补码 C 移码 D 反码
3．在定点二进制运算器中，减法运算一般通过______来实现。
A 原码运算的二进制减法器
B 补码运算的二进制减法器
C 原码运算的十进制加法器
D 补码运算的二进制加法器
4. 某计算机字长32位，其存储容量为4MB，若按半字编址，它的寻址范围是______。
A 4MB B 2MB C 2M D 1M
5．主存贮器和CPU之间增加cache的目的是______。
A 解决CPU和主存之间的速度匹配问题
B 扩大主存贮器容量
C 扩大CPU中通用寄存器的数量
D 既扩大主存贮器容量，又扩大CPU中通用寄存器的数量
6．单地址指令中为了完成两个数的算术运算，除地址码指明的一个操作数外，另一个常需采用______。
A 堆栈寻址方式 B 立即寻址方式 C 隐含寻址方式 D 间接寻址方式
7．同步控制是______。
A 只适用于CPU控制的方式
B 只适用于外围设备控制的方式
C 由统一时序信号控制的方式
D 所有指令执行时间都相同的方式
8．描述 PCI 总线中基本概念不正确的句子是______。
A.PCI 总线是一个与处理器无关的高速外围总线
B.PCI总线的基本传输机制是猝发式传送
C. PCI 设备一定是主设备
D. 系统中只允许有一条PCI总线
9．CRT的分辨率为1024×1024像素，像素的颜色数为256，则刷新存储器的容量为______。
A 512KB B 1MB C 256KB D 2MB
10．为了便于实现多级中断，保存现场信息最有效的办法是采用______。
A 通用寄存器 B 堆栈 C 存储器 D 外存
二．填空题（每小题3分，共15分）
1．数的真值变成机器码可采用A. ______表示法，B. ______表示法，C.______表示法，移
码表示法。
2．形成指令地址的方式，称为A.______方式，有B. ______寻址和C. ______寻址。
3. CPU从A. ______取出一条指令并执行这条指令的时间和称为B. ______。由于各种指
令的操作功能不同，各种指令的指令周期是C. ______。
4.微型机的标准总线从16位的A. ______总线，发展到32位的B. ______总线和C.
______总线，又进一步发展到64位的PCI总线。
5．VESA标准是一个可扩展的标准，它除兼容传统的A. ______等显示方式外，还支持B.
______像素光栅，每像素点C. ______颜色深度。
三.（9分）已知 x = - 0.01111 ，y = +0.11001，
求 [ x ]补 ，[ -x ]补 ，[ y ]补 ，[ -y ]补 ，x + y = ？ ，x – y = ？
四.（9分）假设机器字长16位，主存容量为128K字节，指令字长度为16位或32位，共有128条指令，设计计算机指令格式，要求有直接、立即数、相对、基值、间接、变址六种寻址方式。
五.（9分）某机字长32位，常规设计的存储空间≤32M ，若将存储空间扩至256M，请提出一种可能方案。

本科生期末试卷三答案

一．选择题
1 B 2 B,C 3 D 4 C 5 A
6 C 7 C 8 C, D 9 B 10 B
二．填空题

1. A.原码 B.补码 C.反码
   2. A.指令寻址 B.顺序 C.跳跃
2. A.存储器 B.指令周期 C.不相同的
3. A.ISA B.EISA C.VISA
4. A.VGA B.1280×1024 C.24位
   三．解：[ x ]原 = 1.01111 [ x ]补 = 1.10001 所以 ：[ -x ]补 = 0.01111
   [ y ]原 = 0.11001 [ y ]补 = 0.11001 所以 ：[ -y ]补 = 1.00111
   
   四．解：由已知条件，机器字长16位，主存容量128KB / 16= 64K字，因此MAR = 16位，共128条指令，故OP字段占7位。采用单字长和双字长两种指令格式，其中单字长指令用于算术逻辑和I / O类指令，双字长用于访问主存的指令。
   
   寻址方式由寻址模式X定义如下：
   X = 000 直接寻址 E = D（64K）
   X = 001 立即数 D = 操作数
   X = 010 相对寻址 E = PC + D PC = 16位
   X = 011 基值寻址 E = Rb + D ，Rb =16 位
   X = 100 间接寻址 E = （D）
   X = 101 变址寻址 E = RX + D ，RX = 10位
   五．解：可采用多体交叉存取方案，即将主存分成8个相互独立、容量相同的模块M0，M1，M2，…M7，每个模块32M×32位。它各自具备一套地址寄存器、数据缓冲寄存器，各自以同等的方式与CPU传递信息，其组成结构如图B3.3：
   
   图B3.3
   CPU访问8个存贮模块，可采用两种方式：一种是在一个存取周期内，同时访问8个存贮模块，由存贮器控制器控制它们分时使用总线进行信息传递。另一种方式是：在存取周期内分时访问每个体，即经过1 / 8存取周期就访问一个模块。这样，对每个模块而言，从CPU给出访存操作命令直到读出信息，仍然是一个存取周期时间。而对CPU来说，它可以在一个存取周期内连续访问8个存贮体，各体的读写过程将重叠进行。