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【Leetcode】二十、记忆化搜索:零钱兑换

文章目录

  • 1、记忆化搜索
  • 2、leetcode509:斐波那契数列
  • 3、leetcode322:零钱兑换

1、记忆化搜索

也叫备忘录,即把已经计算过的结果存下来,下次再遇到,就直接取,不用重新计算。目的是以减少重复计算。

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以前面提到的斐波那契数列为例,计算F(5),拆成F(4) + F(3),接下来递归的顺序,如上图红色箭头,会先算左侧一支,计算完F(4)后,函数往下接着执行,才计算右侧一支的F(3)

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可以发现,计算左侧一支的F(4)时,会得到F(3)的值,存下F(3)的值的话,执行到右侧一支计算F(3)时,直接取就行。

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考虑初始化一个数组,数组元素为一个题目中不可能出现的值。然后将F(0)存在数组下标为0的地方,F(3)存数组下标为3的地方,计算一个值时,先在数组中找,找不到时再计算。

2、leetcode509:斐波那契数列

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用一个int数组,存储计算过的每个F(x),方便后面使用

public class P509Two {public int recursion(int n) {//F(0)和F(1)if (n < 2) {return n == 0 ? 0 : 1;}int[] dp = new int[n + 1];dp[1] = 1;  //F(1)// 根据方程式,计算每个值,存入数组,从F(2)一路计算到F(5)for (int i = 2; i <= n; i++) {dp[i] = dp[i - 1] + dp[i - 2];}return dp[n];}
}

当然,这儿也是动态规划。至于二者的在这块儿的区别参考前一篇的爬楼梯那题。动态规划,重在状态转移,那些不用的中间值,存不存在你。记忆化搜索则重在存储已计算结果的方式来避免重复计算。

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3、leetcode322:零钱兑换

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总金额amount恰好等于硬币面值时,最优解为1:

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考虑利用等于硬币面值金额的最优解,推出其他金额的最优解。选择一个面值小于 总金额amount 的硬币之后,剩余金额对应的最优解是已知的,选择这些剩余金额最优解中最小的,再加上对应的那张面值小于i 的硬币,就是总金额amount的最优解。

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如上,amount = 3,面值小于amount的硬币有面值为1和面值为2的:

  • 如果选择面值为1的,剩余3 - 1 = 2,而2的最优解就是1,那amount的最优解就是 1 + 1 = 2
  • 如果选择面值为2的,剩余3 - 2 = 1,而1的最优解就是1,那amount的最优解就是 1 + 1 = 2

因此,amount的最优解是2。如此,amount = 已知面值时,也可以这样推出来,比如amount = 2。同理:

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amount = 14的剩余金额中,剩余7时,最优解最小,为1,因此14最优解就是 1 + 1 = 2。以amount14为例,初始化一个amount + 1的dp数组:

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根据上面的分析,14有五种写法,选择最小值返回即可:

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假设硬币面值有c1、c2、c3,那动态规划的状态转移方程式为:

F(amount) = MinF(amount - c1) + F(amount - c2) + F(amount - c3)+ 1

有点像动态规划-完全平方数那题。实现(动态规划):

public class P322 {public int coinChange(int[] coins, int amount) {if (null == coins || coins.length == 0) {return 0;}int[] dp = new int[amount + 1];// 填充-1Arrays.fill(dp, -1);// 金额0的最优解dp[0] = 0;for (int i = 1; i <= amount; i++) {// 对于每个金额i,遍历面值集合coinsfor (int coin : coins) {// 如果面值小于等于总金额i,并且剩余金额有最优解if (coin <= i && dp[i - coin] != -1) {// 如果总金额i没有计算过,或者,总金额i的最优解比正在计算的最优解大if (dp[i] == -1 || dp[i] > dp[i - coin] + 1) {// 更新最优解dp[i] = dp[i - coin] + 1;}}}}return dp[amount];}
}

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